Find f og 'beregne' integralet?

Svar:

Se nedenunder

Forklaring:

# E ^ f (x) + f '(x) + 1 = 0 #

# e ^ y + y '+ 1 = 0, qquad y = f (x) #

# y '= - 1 - e ^ y #

# (dy) / (1 + e ^ y) = - dx #

#z = e ^ y, qquad dz = e ^ y dy = z dy #

#int (dz) / (z (1 + z)) = - int dx #

#int dz 1 / z - 1 / (1 + z) = - int dx #

#ln (z / (1 + z)) = C - x #

# e ^ y / (1 + e ^ y) = e ^ (C - x) #

Brug af IV:

• # e ^ (C - x) = 1 / (e ^ (- y) + 1) #

• #lim_ (x til 0) y = + oo indebærer C = 0 #

# e ^ y (1 - e ^ (- x)) = e ^ (- x) #

# e ^ y = e ^ (- x) / (1 - e ^ (- x)) = 1 / (e ^ x-1) #

#y = ln (1 / (e ^ (x) -1)) #

Det AT VISE bit

#I = int_ (ln2) ^ 1 e ^ y (x + 1) dx #

# = - int_ (ln2) ^ 1 (1 + x) (1 + y ') dx #

(ln2) ^ 1 y ' dx) - int_ (ln2) ^ 1 xy' dx #

# farve (rød) (int_ (ln2) ^ 1 y ' dx) = ln (1 / (e ^ (x) -1)) _ (ln2) ^ 1 = - ln (e-1)

#implies I - ln (e-1) = - int_ (ln2) ^ 1 1+ x dx - int_ (ln2) ^ 1 xy ' dx #

• # int_ (ln2) ^ 1 1+ x dx gt 0 #

• # int_ (ln2) ^ 1 xy ' dx gt 0 #

#implies I ln (e-1) #

Svar:

#f (x) = c-x-ln (1-e ^ (c-x)) #

Jeg kunne endnu ikke vise uligheden, men jeg fandt en stærkere ulighed.

Forklaring:

Lade #g (x) = e ^ (f (x)) # således at man ved hjælp af kædelegemet:

#g '(x) = f' (x) e ^ (f (x)) #

Bemærk nu, at:

#f (x) = ln (g (x)) #, så:

#f '(x) = (g' (x)) / (g (x)) #

Ved at erstatte i den oprindelige ligning har vi:

#g (x) + (g '(x)) / (g (x)) +1 = 0 #

og som pr. definition #g (x)> 0 #:

# (dg) / dx + g ^ 2 (x) + g (x) = 0 #

som kan adskilles:

# (dg) / dx = -g ^ 2-g #

# (dg) / (g (g + 1)) = -dx #

#int (dg) / (g (g + 1)) = -int dx #

Nedbrydning af det første medlem ved hjælp af partielle fraktioner:

# 1 / (g (g + 1)) = 1 / g -1 / (g + 1) #

så:

#int (dg) / g-int (dg) / (g + 1) = -int dx #

#ln g - ln (g + 1) = -x + c #

Brug af logaritmerne:

#ln (g / (g + 1)) = - x + c #

# g / (g + 1) = e ^ (c-x) #

Nu løses for # G #:

#g = e ^ (c-x) (g + 1) #

#g (1-e ^ (c-x)) = e ^ (c-x) #

og endelig:

#g (x) = e ^ (c-x) / (1-e ^ (c-x)) #

Nu:

#f (x) = ln (g (x)) = ln (e ^ (cx) / (1-e ^ (cx))) = ln (e ^ (cx)) -ln (l-ce ^ -x) #

#f (x) = c-x-ln (1-e ^ (c-x)) #

Vi kan bestemme # C # fra tilstanden:

#lim_ (x-> 0) f (x) = + oo #

Som:

#lim_ (x-> 0) c -x-ln (1-e ^ (c-x)) = c-ln (1-e ^ c)

som er endelig, medmindre # c = 0 #.

Derefter:

#f (x) = -x-ln (1-e ^ -x) #

Overvej nu integralet:

(x + 1) dx = int_ (ln2) ^ 1 e ^ -x / (1-e ^ -x) (x + 1) dx #

Som:

(x + 1)) = - (x * e ^ x + 1) / (e ^ x-1) ^ 2 #

vi kan se, at i integrationsintervallet er funktionen stramt faldende, så den maksimale værdi # M # forekommer for # x = LN2 #:

(Ln2 + 1) = (1/2) / (1-1 / 2) (ln2 + 1) = (ln2 + 1) = ln2 + 1)

Derefter:

# x (ln2) ^ 1 e ^ (f (x)) (x + 1) dx <= M (l-ln2) #

# x (1 + 1) dx <= 1-ln ^ 2 2 #

Svar:

Her er en anden

Forklaring:

#en)#

# E ^ f (x) + f '(x) + 1 = 0 # # <=> ^ (* E ^ (- f (x)) #

# 1 + f '(x) e ^ (- f (x)) + e ^ (- f (x)) = 0 # #<=>#

# -F '(x) e ^ (- f (x)) = 1 + e ^ (- f (x)) # #<=>#

# (E ^ (- f (x))) '= 1 + e ^ (- f (x)) # #<=>#

# (1 + e ^ (- f (x))) '= 1 + e ^ (- f (x)) ## <=> ^ (X> 0) #

så der # C ##i## RR #, # 1 + e ^ (- f (x)) = ce ^ x #

• #lim_ (xto0) e ^ (- f (x)) = _ (xto0, y -> - oo) ^ (- f (x) = u) lim_ (ufor-oo) e ^ u = 0 #

og #lim_ (xto0) (- e ^ (- f (x)) + 1) = lim_ (xto0) ce ^ x # #<=>#

# c = 1 #

Derfor, # 1 + e ^ (- f (x)) = e ^ x # #<=>#

#e ^ (- f (x)) = e ^ x-1 # #<=>#

# -F (x) = ln (e ^ x-1) # #<=>#

#F (x) = - ln (e ^ x-1) # #COLOR (hvid) (aa) #, #x> 0 #

#b) #

# Int_ln2 ^ 1 (e ^ f (x) (x + 1)) dx <##ln (e-1) #

#F (x) = - ln (e ^ x-1) #,#x> 0 #

#F '(x) = - e ^ x / (e ^ x-1) #

# -F '(x) = e ^ x / (e ^ x-1)> = (x + 1) / (e ^ x-1) # uden ''#=#''

• # Int_ln2 ^ 1f '(x) dx> int_ln2 ^ 1 (x + 1) / (e ^ x-1) dx # #<=>#

# Int_ln2 ^ 1 (x + 1) / (e ^ x-1) dx <## - f (x) _ ln2 ^ 1 = -f (1) + f (0) = ln (e-1) #

Men vi har

# E ^ f (x) (x + 1) = e ^ (- ln (e ^ x-1)) (x + 1) = (x + 1) / (e ^ x-1) #

også, # Int_ln2 ^ 1 (x + 1) e ^ f (x) dx <##ln (e-1) #